A 回答 (3件)
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No.3
- 回答日時:
No.2の追加解説
これでxにtを代入して計算したのですが、>
f(x)=∫(0→1)(x-t)f(t)dt+13
この式にx=tを代入すると
f(t)=∫(0→1)(t-t)f(t)dt+13=∫(0→1)(0)f(t)dt+13
となるように思うかも知れないが
tは積分変数です。積分変数はどんな変数を使ってもよいので、例えばyを使ってもよいので、上の式は
f(t)=∫(0→1)(t-y)f(y)dy+13≠∫(0→1)(0)f(t)dt+13
となり「x=tを代入する」ということは不可能な操作です。
「どんな変数を使ってもよい」という作業変数のtを、f(x)の独立変数のxに代入することはできません。xには任意の一定の数を入れることができるが、tは積分のとき0から1までの間で変化する数だから一定の数ではないからです。
f(x)を定義する式の右辺にf(t)が入っているので、f(t)が解らないと、f(x)が解らないという関係で、これを関数方程式といいます。
例えば、x=3x-2を計算せよ、は方程式です。左辺のxを求めるために、右辺の3x-2を計算しようとしても、xが解らないので、3x-2が計算できないというのと同じ理屈です。関数方程式を解かないとf(x)は得られません。
No.2
- 回答日時:
f(x)=∫(0→1)(x-t)f(t)dt+13__① を計算する。
(x-t)f(t)= x f(t)-tf(t)を①に入れると
f(x) =∫(0→1)(x-t)f(t)dt+13=∫(0→1)(xf(t)-tf(t))dt+13
=∫(0→1)xf(t) dt-∫(0→1)tf(t))dt+13
=x∫(0→1)f(t)dt-∫(0→1)tf(t))dt+13__②
ここで∫(0→1)f(t)dt=A,∫(0→1)tf(t)dt=B__③
と置く。積分の結果は定数だから、A,Bは定数である。これを②に入れると
f(x)=xA-B+13__④
これを使うと、積分ができて③の積分は、それぞれ、⑤⑥となる。
∫(0→1)f(t)dt=∫(0→1)f(x)dx=∫(0→1)(xA-B+13)dx
= [(1/2)Ax^2-Bx+13x](0→1)= A/2-B+13__⑤
∫(0→1)tf(t)dt=∫(0→1)xf(x)dx=∫(0→1)x(xA-B+13)dx=∫(0→1)(A x^2-Bx+13x)dx
= [(1/3)Ax^3-(1/2)Bx^2+(13/2)x^2] (0→1) = A/3-B/2+13/2__⑥
⑤⑥を③に入れると⑦になる。この連立方程式を解くと⑧となる。
A/2-B+13=A,A/3-B/2+13/2=B__⑦
A-2B+26=2A,2A-3B+39=6B
-2B+26=A,2A+39=9B,2(-2B+26)+39=9B
52+39=13B,91=13B,B=91/13=7,A=-2B+26=-14+26=12
A=12,B=7__⑧
これを④に入れると
f(x) =12x-7+13=12x+6__⑨
No.1
- 回答日時:
tで積分する時にxはtによらない定数として扱います!
なぜならxには1や2などの具体的な定数を入れ、それをxとして一般化したものがf(x)だからです!
その意味を考えれば、xに(積分変数としての)tは代入できないことは理解できるはずです!
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