No.4ベストアンサー
- 回答日時:
等差数列の一般形 a+(n-1)d に適用した結果の式は
Σ[k=1..n] a+(k-1)d = n{2a+(n-1)d} ではありません
Σ[k=1..n] a+(k-1)d = (1/2)n{2a+(n-1)d}
です
項数=n
最初の数=初項=a
最後の数=a+(n-1)d
だから
(最初の数 + 最後の数)・(項数)/2=(1/2)n{2a+(n-1)d}
写真の答案は画像の通り
No.3
- 回答日時:
等差数列の和を求めるのに、逆順に並べて項ごとに足す
という方法は、著名な数学者ガウスが子供の頃に考えたもの
と言い伝えられている。参考↓
http://evariste.s21.xrea.com/Sequence1.htm
これを、等差数列の一般形 a+(n-1)d に適用した結果の式
Σ[k=1..n] a+(k-1)d = n{2a+(n-1)d} を
等差数列の和の公式として載せている参考書も少なくないが、
式を呪文のように暗記するよりも
逆順に並べて項ごとに足す方法を覚えておくほうが
ミスをしにくいと思う。写真の答案も、そうやっているように見える。
(最初の数 + 最後の数)・(項数)/2 である。
ちなみに、リンク先のエピソードは、どうやら
伝記作家の創作らしいと今では言われているが、
「ガウス少年の方法」という伝説は、すっかり定着している。
No.2
- 回答日時:
初項a
公差d
項数m
の等差数列の和Sは
S=Σ_{k=1~m}{a+(k-1)d}
S=a+(a+d)+(a+2d)+…+{a+(m-3)d}+{a+(m-2)d}+{a+(m-1)d}…①
↓右辺を逆順に並べると
S={a+(m-1)d}+{a+(m-2)d}+{a+(m-3)d}+…+(a+2d)+(a+d)+a
↓これを①に加えると
2S={2a+(m-1)d}+{2a+(m-1)d}+{2a+(m-1)d}+…+{2a+(m-1)d}+{2a+(m-1)d}+{2a+(m-1)d}
↓項数mだから
2S=m{2a+(m-1)d}
↓両辺を2で割ると
S=(1/2)m{2a+(m-1)d}
(1)より,第n群に含まれる数は
初項
a=2^(n-1)
公差
d=1
項数
m=2^(n-1)
の等差数列
よって,求める総和Sは
S
=(1/2)m{2a+(m-1)d}
=(1/2){2^(n-1)}{2*2^(n-1)+{2^(n-1)-1}*1}
={2^(n-2)}{3*2^(n-1)-1}
No.1
- 回答日時:
詳しくもなにも、写真に書いてあるとおり。
あれで十分詳しい。
(1) で第 n 群の最初の数が 2^(n-1) であることを求めてある。
第 n 群の項数が 2^(n-1) であることは問題で与えてある。
第 n 群の数の和は、初項 1 公差 1 の等比数列の
第 2^(n-1) 項から第 2^n - 1 項までの和と判る。
等差数列の和は、ガウスの方法によって (最初の数 + 最後の数)・(項数)/2 だから、
(2) の答えは、((2^(n-1)) + (2^n - 1))・(2^(n-1))/2 = (3・2^(n-1) - 1)・2^(n-2).
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