warningの解決方法に関する質問

解決済

質問者：tukai
質問日時：2005/09/05 16:56
回答数：1件

下記のコードを実行すると

下記のような警告（warning)がでます

Warning: mysql_query(): supplied argument is not a valid MySQL-Link resource in C:\server\public_html\bbs.php on line 53

いろいろやってみたのですが解決できません。

解決方法を教えてください

<html>
<head>
<title>testbbs</title>
</head>
<body>

<form action = "/bbs.cgi" method="post">
投稿者名(自分の本名は入力しないでください)
<br>
<input type="text" name="title" size=50>
<br>
タイトル
<br>
<input type="text" name="name" size=60>
<br>
<br>
本文
<br>
<textarea rows=10 cols=70 name="write">
</textarea>
<br>
<input type="submit" value="書き込む">
</form>
<?php

class readDb{

private $ConnectId;

private $query;

function __construct($server,$DbId,$DbPassword,$UseDb){

$ConnectId=mysql_connect($server,$DbId,$DbPassword);

$Errflag=mysql_select_db($UseDb,$ConnectId);
if(!$Errflag){
echo "失敗";
}

}
function serchTitle($tableName){
$query="SELECT * FROM ".$titleName;

$result=mysql_query($query,$ConnectId);

if($result){

echo "成功";
}else{

echo "失敗・・";

}

}

}

$readDb_Obj= new readDb
("localhost","秘密","秘密","bbstest");

$readDb_Obj->serchTitle("titletest");
?>

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回答 (1件)

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No.1ベストアンサー

回答者： php504
回答日時：2005/09/05 17:38

class のメンバー関数内の

$ConnectId
は
$this->ConnectId
にしないといけません（__constructで2ヶ所、searchTitleで1ヶ所）

それと
function serchTitle($tableName){
$query="SELECT * FROM ".$titleName;

の$tableNameと$titleNameはどちらかにしないといけないのではないでしょうか。