No.4ベストアンサー
- 回答日時:
36.
ちょうど n 回目のゲームで A が 4 勝先取するというのは、
n-1 回目までに A が 3 勝、B が k 勝(k=0,1,2,3)していて
しかも n 回目のゲームで A が勝つということです。
(n - 1 = 3 + k です。)
n-1 回目までで A が 3勝している確率は、二項確率
((n-1)C3){(1/3)^3}{(2/3)^k} ですから、
ちょうど n 回目のゲームで A が優勝する確率は、
p(n) = ((n-1)C3){(1/3)^3}{(2/3)^(n-4)}・(1/3)
= (1/96)(n-1)(n-2)(n-3)(2/3)^n です。
(1) p(6) = 40/729.
(2) Σ[k=0..3]p(4+k) = 1/81 + 8/243 + 40/729 + 160/2187
= 379/2187.
(3) B が n 回目に優勝する確率 q(n) は、同様に
q(n) = ((n-1)C3){(2/3)^4}{(1/3)^(n-4)} です。
よって、求める期待値 E は、
E = Σ[k=4..7]n・p(n) + Σ[k=4..7]n・q(n)
= 4*1/81 + 5*8/243 + 6*40/729 + 7*160/2187
+ 4*16/81 + 5*64/243 + 6*160/729 + 7*320/2187
= 4012/729 ≒ 5.503 となります。
No.10
- 回答日時:
> これが解らないなら、私はもう降りる。
もちろん質問者はわかっていない。ここや知恵袋、いくつかの数学掲示板、Excel の掲示板で幾多の珍問答を見てきたので断言できるのだwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwww。
たとえば36の(1)に対する解説は
-----------------------------
(1)6回目でAが優勝する。
5 回までの A の勝敗パターン(○が勝)は
①②③④⑤
○○○●●
であるから、その場合の数は 5C2 = 10[通り]。
4 勝 2 敗のパターンで、勝つ確率は 1/3、負ける確率は 2/3 なのだから、求める確率は
10*(1/3)^4*(2/3)^2 = 40/729.
-----------------------------
のようにくどくやらなければならないwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwwww
No.9
- 回答日時:
←No.4補足
前回回答を削除した後で
自分の考察も書かずに丸々再質問した上に、
説明のどこが不明だったのかも書かず
「もう少し詳しく」か...
現実でも、そういう生活態度の人なのかなあ...
>ちょうど n 回目のゲームで A が 4 勝先取するというのは、
>n-1 回目までに A が 3 勝、B が k 勝(k=0,1,2,3)していて
>しかも n 回目のゲームで A が勝つということです。
>(n - 1 = 3 + k です。)
の部分はok?
これが解らないなら、私はもう降りる。
1 回の試行について確率 p で起こる事象を
独立に m 回反復したとき、r 回起こる確率は
(mCr)(p^r)(1-p)^(n-r). …[*1]
この確率分布を「二項分布」と呼び、
r は二項分布 B(m,p) に従うという。
式に出てくる mCr は、
m 個の中から r 個を選ぶ組み合わせの個数で
「二項係数」と呼ばれる。算数でお馴染みのやつ。
なぜ[*1]の式になるかと言うと...
m 回の試行のうち何回目に起こるのかの選び方が mCr 通り。
各選び方について、そのパターンの勝敗が起こる確率は
(p^r)(1-p)^(n-r). …[*2]
起こる(確率 p)のが r 回、
起こらない(確率 1-p)のが n-r 回だから、これを掛ける。
なぜ掛けるかというと、最初に、試行を独立に反復すると
仮定したから。1 回目の確率と 2 回目の確率の積が
1,2 回目に起こることの確率になるような事象間の関係を
「独立」と呼ぶ。
r 回が m 回のうちいつ起こるかのパターンが違えば
事象は背反(同時には起こらない)だから、
そのうちのどれかが起こる確率は各[*2]の和になる。
[*2]が mCr 個あるのだから、合計は[*1]。
今回の例題では、
問題文に「1 回ごとのゲームで A が勝つ確率が 1/3」と
書いてあるから、前後のゲームの勝敗に関わらず
A が勝つ確率は毎回 1/3 と見て良いだろう。このとき、
各回のゲームで A が勝つ確率は独立となる。
n-1 回のゲームで A が勝つ回数は二項分布 B(n-1,1/3)
に従うことになり、3 回勝つ確率は[*1]から
((n-1)C3){(1/3)^3}(1 - 1/3)^(n-1-3). …[*3]
ちょうど n 回目のゲームで A が優勝する確率は、
[*3]が起こって更に n 回目で A が勝つ確率だから、
p(n) = ((n-1)C3){(1/3)^3}{(2/3)^(n-4)} ・ (1/3).
No.6
- 回答日時:
←N0.5
p(n)の話? q(n)話?
36.(1)の話をしているんであれば、
No.4 の式で
p(6) = (5C3){(1/3)^4}{(2/3)^2} ですよ?
No.5
- 回答日時:
q(n) = ((n-1)C3){(2/3)^4}{(1/3)^(n-4)} は、
最後が、Aときまっていますから、n-1回の試行で (4-1)回Aが当たる場合で、n-1C3
最終的にAが4回なので、(1/3)^4
残りの試行回数は、n-4回で、(2/3)^n-4 となりますから、
n=6 では、5C3(1/3)^4・(2/3)^2 となります!
No.3
- 回答日時:
35.
4枚の硬貨を同時に投げるとき、2枚が表になる確率は、
二項確率 q = (4C2){(1/2)^2}{(1/2)^2} = 3/8.
それを独立に4回行って、X回起こる確率分布は、
二項分布 B(4,3/8) です。その確率関数は、
p(x) = (4Cx)(q^x)(1-q)^(4-x) = {(5/8)^4}(4Cx)(3/5)^x.
この式が、X の確率分布を表します。表にすると、
x 0 1 2 3 4
p(x) 625/4096 375/1024 675/2048 135/1024 81/4096
二項分布 B(4,3/8) ですから、
平均は 4×3/8 = 3/2,
標準偏差は √(4×3/8×5/8) = (√15)/4 ≒ 0.9282 です。
一般の二項分布 B(n,p) の平均 np と分散 np(1-p) は、
前回導出して見せましたよね。
No.2
- 回答日時:
ええ、私も、前回回答をリンクしようと思って
自分の回答履歴を探したのですが、見つかりませんでした。
削除されたのは、回答ではなく質問のほうですよね?
質疑応答を含め、けっこう手間を掛けて回答していたので、
不愉快な話ですね。削除依頼を出したのは、前回 36 に誤答を
投稿していた人なのかな? さて、振り出しに戻りましょうか。
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