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A 回答 (11件中1~10件)
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No.8
- 回答日時:
f(x)=2x^2-3x+2∫{0~1}f(t)dt
∫{0~1}f(t)dt=k
f(x)=2x^2-3x+k
xをどんな変数に変えてもよいのだからという理由から
xをtに変えると
f(t)=2t^2-3t+k
となるから
よって
∫{0~1}f(t)dt=∫{0~1}(2t^2-3t+k)dt
No.7
- 回答日時:
「よって」の上の式の左辺 f(x) を変形して
下の式の ∫[0,1] f(t) dt になったわけじゃないよ。
∫[0,1] f(t) dt = k …① と置いたから、
問題文の式から ② が言える。
この f( ) を、再び ① の式にあてはめると、
k = ∫[0,1] f(t) dt = ∫[0,1] { 2t^3 - 3t + 2k } dt となる。
これが、「よって」の次の式だ。
この式が、k の方程式として解けるでしょう?というのが
解答の要旨になっている。
> x を t に変えた理由を質問しているのです。
x を t に変えたのではなく、① の t をそのまま使っている。
No.4
- 回答日時:
よっての直後では、
Kの値を求めに行っています
そのためには、①左辺の定積分の値を求めたい、と言う事になります
そこで、
①左辺
すなわち
∫f(t)dtの登場というわけです
以下、②のxにtを代入すれば
f(t)=2t³-3t+2Kであることを用いて
①左辺=∫f(t)dt=∫2t³-3t+2Kdt(積分区間省略)
とつながっていくことになります
No.2
- 回答日時:
②の直後の式にf(x)=とは書かれていない。
②の式と問題文にある式を連立し、f(x)を消去した式から
2x^3-3x+2k=2x^3-3x+2∫[0→1]f(t)dt
が得られ、これを整理して"よって"の下の式が得られる。
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